解説

方針・初手

（1） は分子を $t^2+1-1$ と見て

$$ \frac{t^2}{1+t^2}=1-\frac{1}{1+t^2}

$$

と変形するとすぐに積分できる。

（2） は $z$ を固定して断面を考える。すると $xy$ 平面内では円板になり、その面積を $z$ について積分すれば体積が出る。途中で （1） の結果を用いるのが自然である。

解法1

**(1)**

まず

$$ \frac{t^2}{1+t^2}=1-\frac{1}{1+t^2}

$$

であるから、

$$ \int_0^1 \frac{t^2}{1+t^2},dt =\int_0^1 1,dt-\int_0^1 \frac{1}{1+t^2},dt

$$

となる。よって

$$ \int_0^1 \frac{t^2}{1+t^2},dt =\left[t\right]_0^1-\left[\arctan t\right]_0^1 =1-\frac{\pi}{4}

$$

である。

**(2)**

立体は

$$ x^2+y^2+\log(1+z^2)\leqq \log 2

$$

で定まる。

$z$ を固定すると、

$$ x^2+y^2\leqq \log 2-\log(1+z^2) =\log \frac{2}{1+z^2}

$$

となる。右辺が $0$ 以上でなければ断面は存在しないので、

$$ \log \frac{2}{1+z^2}\geqq 0

$$

より

$$ \frac{2}{1+z^2}\geqq 1 \quad\Longleftrightarrow\quad z^2\leqq 1

$$

すなわち

$$ -1\leqq z\leqq 1

$$

である。

このとき、固定した $z$ における断面は半径

$$ \sqrt{\log \frac{2}{1+z^2}}

$$

の円板であるから、その面積 $S(z)$ は

$$ S(z)=\pi \log \frac{2}{1+z^2} =\pi\bigl(\log 2-\log(1+z^2)\bigr)

$$

となる。したがって体積 $V$ は

$$ V=\int_{-1}^1 S(z),dz =\pi \int_{-1}^1 \bigl(\log 2-\log(1+z^2)\bigr),dz

$$

である。被積分関数は偶関数なので、

$$ V =2\pi \int_0^1 \bigl(\log 2-\log(1+z^2)\bigr),dz =2\pi \left(\log 2-\int_0^1 \log(1+z^2),dz\right)

$$

となる。

ここで

$$ I=\int_0^1 \log(1+z^2),dz

$$

とおく。部分積分を用いると、

$$ I=\left[z\log(1+z^2)\right]_0^1-\int_0^1 z\cdot \frac{2z}{1+z^2},dz

$$

すなわち

$$ I=\log 2-2\int_0^1 \frac{z^2}{1+z^2},dz

$$

である。ここで （1） の結果

$$ \int_0^1 \frac{z^2}{1+z^2},dz=1-\frac{\pi}{4}

$$

を用いると、

$$ I=\log 2-2\left(1-\frac{\pi}{4}\right) =\log 2-2+\frac{\pi}{2}

$$

となる。よって

$$ V =2\pi \left(\log 2-\left(\log 2-2+\frac{\pi}{2}\right)\right) =2\pi \left(2-\frac{\pi}{2}\right) =4\pi-\pi^2

$$

である。

解説

（1） は分子と分母の次数が同じなので、そのままではなく

$$ t^2=(1+t^2)-1

$$

と分解するのが基本である。

（2） は立体全体を直接捉えるより、$z$ を固定した断面を考えるのが最も見通しがよい。断面が円板になることに気づけば、面積を $z$ で積分するだけになる。また、$\int_0^1 \log(1+z^2),dz$ の計算で （1） がそのまま使えるように問題が組まれている。

答え

**(1)**

$$ \int_0^1 \frac{t^2}{1+t^2},dt=1-\frac{\pi}{4}

$$

**(2)**

立体の体積は

$$ 4\pi-\pi^2

$$

である。