解説

方針・初手

$e^{-x}>0$ であるから，$f(x)=e^{-x}\sin x$ の増減や $f(x)=g(x)$ の解は，$\sin x,\cos x-\sin x,\sin x+1$ の符号を見ればよい。

また，（3） では，囲まれた部分を $x$ 軸のまわりに回転するとき，区間によって断面が「円」になる部分と「円環」になる部分に分かれる。したがって，$x=\pi$ で積分を分けるのが初手である。

解法1

**(1)**

$f(x)$ が最小値をとるときの $x$ を求める。

$f(x)=e^{-x}\sin x$ を微分すると，

$$ f'(x)=(-e^{-x})\sin x+e^{-x}\cos x=e^{-x}(\cos x-\sin x)

$$

である。

$e^{-x}>0$ より，

$$ f'(x)=0 \iff \cos x-\sin x=0 \iff \tan x=1

$$

となるので，$0\leqq x\leqq 2\pi$ において

$$ x=\frac{\pi}{4},\ \frac{5\pi}{4}

$$

である。

ここで

$$ \cos x-\sin x=\sqrt{2}\cos\left(x+\frac{\pi}{4}\right)

$$

より，$f'(x)$ の符号は

$$ \begin{cases} f'(x)>0 & \left(0<x<\frac{\pi}{4},\ \frac{5\pi}{4}<x<2\pi\right) \\ f'(x)<0 & \left(\frac{\pi}{4}<x<\frac{5\pi}{4}\right) \end{cases}

$$

となる。したがって，$f(x)$ は

• $x=\dfrac{\pi}{4}$ で極大
• $x=\dfrac{5\pi}{4}$ で極小

をとる。

よって，$f(x)$ が最小値をとるのは

$$ x=\frac{5\pi}{4}

$$

である。

**(2)**

$f(x)=g(x)$ をみたす $x$ を求める。

$$ e^{-x}\sin x=-e^{-x}

$$

であり，$e^{-x}>0$ だから両辺を $e^{-x}$ で割って

$$ \sin x=-1

$$

を得る。$0\leqq x\leqq 2\pi$ において，これをみたすのは

$$ x=\frac{3\pi}{2}

$$

のみである。

（3） 2曲線 $C_1:y=f(x)$，$C_2:y=g(x)$ と $y$ 軸で囲まれる部分を $x$ 軸のまわりに1回転してできる立体の体積 $V$ を求める。

（2） より，2曲線の交点の $x$ 座標は $x=\dfrac{3\pi}{2}$ である。また，

$$ f(x)-g(x)=e^{-x}(\sin x+1)\geqq 0

$$

より，$0\leqq x\leqq \dfrac{3\pi}{2}$ では常に $f(x)\geqq g(x)$ である。したがって，囲まれた部分は $0\leqq x\leqq \dfrac{3\pi}{2}$ にある。

ここで，断面の形を考える。

**(i)**

$0\leqq x\leqq \pi$ のとき

$f(x)=e^{-x}\sin x\geqq 0$，$g(x)=-e^{-x}\leqq 0$ であるから，この区間では領域が $x$ 軸をまたぐ。したがって回転後の断面は半径 $e^{-x}$ の円であり，断面積は

$$ \pi (e^{-x})^2=\pi e^{-2x}

$$

である。

**(ii)**

$\pi\leqq x\leqq \dfrac{3\pi}{2}$ のとき

$f(x)\leqq 0,\ g(x)\leqq 0$ であり，回転後の断面は円環になる。外半径は $-g(x)=e^{-x}$，内半径は $-f(x)=-e^{-x}\sin x$ であるから，断面積は

$$ \pi\left\{(e^{-x})^2-(-e^{-x}\sin x)^2\right\} =\pi e^{-2x}(1-\sin^2 x) =\pi e^{-2x}\cos^2 x

$$

である。

よって，

$$ V=\pi\int_0^\pi e^{-2x},dx+\pi\int_\pi^{3\pi/2} e^{-2x}\cos^2 x,dx

$$

となる。

まず，

$$ \pi\int_0^\pi e^{-2x},dx =\pi\left[-\frac{1}{2}e^{-2x}\right]_0^\pi =\frac{\pi}{2}(1-e^{-2\pi})

$$

である。

次に，

$$ \cos^2 x=\frac{1+\cos 2x}{2}

$$

を用いると，

$$ \int e^{-2x}\cos^2 x,dx =\frac{1}{2}\int e^{-2x},dx+\frac{1}{2}\int e^{-2x}\cos 2x,dx

$$

である。ここで，

$$ \int e^{-2x}\cos 2x,dx =\frac{e^{-2x}}{4}(-\cos 2x+\sin 2x)

$$

より，

$$ \int e^{-2x}\cos^2 x,dx =-\frac{1}{4}e^{-2x}+\frac{e^{-2x}}{8}(-\cos 2x+\sin 2x)

$$

となる。したがって，

$$ \pi\int_\pi^{3\pi/2} e^{-2x}\cos^2 x,dx =\pi\left[-\frac{1}{4}e^{-2x}+\frac{e^{-2x}}{8}(-\cos 2x+\sin 2x)\right]_\pi^{3\pi/2}

$$

$$ =\pi\left(-\frac{e^{-3\pi}}{8}+\frac{3e^{-2\pi}}{8}\right) =\frac{\pi}{8}(3e^{-2\pi}-e^{-3\pi})

$$

である。

以上より，

$$ V=\frac{\pi}{2}(1-e^{-2\pi})+\frac{\pi}{8}(3e^{-2\pi}-e^{-3\pi}) =\frac{\pi}{8}\left(4-e^{-2\pi}-e^{-3\pi}\right)

$$

となる。

解説

この問題の要点は3つである。

まず （1） では，$e^{-x}>0$ なので，$f'(x)$ の符号判定は $\cos x-\sin x$ だけ見ればよい。

次に （2） では，方程式 $f(x)=g(x)$ も $e^{-x}$ を消去すれば $\sin x=-1$ に直ちに帰着する。

最後に （3） が本題であり，領域が $x$ 軸をまたぐ区間 $0\leqq x\leqq \pi$ では断面が「円」，両曲線がともに $x$ 軸の下にある区間 $\pi\leqq x\leqq \dfrac{3\pi}{2}$ では断面が「円環」になる。この見極めをせずに一つの式で処理すると誤りやすい。

答え

**(1)**

$$ x=\frac{5\pi}{4}

$$

**(2)**

$$ x=\frac{3\pi}{2}

$$

**(3)**

$$ V=\frac{\pi}{8}\left(4-e^{-2\pi}-e^{-3\pi}\right)

$$